1. Khối lượng của O trong 1 phân tử A là: 

Số nguyên tử O trong một phân tử A là: 64 : 16 = 4

Gọi công thức chung của A là: C_xH_yO₄

Ta có: 12x + y + 16.4 = 144 => 12x + y = 80 => y = 80 – 12x

Vì 0 < H ≤ 2C + 2 nên ta có:

Độ bất bão hòa của A:

Do C có khả năng hợp H₂ tạo rượu nên C là anđehit/xeton/rượu không no

A tác dụng với NaOH thu được một muối và hai chất hữu cơ C, D nên A là este hai chức được tạo bởi axit hai chức no

Vậy các công thức cấu tạo có thể có của A là:

2. C, D đều là rượu nên công thức cấu tạo của A, B, C, D là:

C:

CH₂=CH-CH₂-OH

CH₃-OOC -COOCH₂ –CH=CH₂

(A)  + NaOH → NaOOC-COONa + CH₂=CH-CH₂-OH (C)  + CH₃OH

(D) CH₂=CH-CH₂-OH + H₂ → N i , t ∘  CH₃- CH₂-CH₂-OH

Đáp án : A

2 n H 2 = n_ancol = 0,15 mol = n_NaOH

=> A gồm 2 chất có dạng chung là RCOOR’

Xét 10,24g A đốt cháy :

Bảo toàn khối lượng :

m A + m O 2 = m C O 2 + m H 2 O

=> n C O 2 =  0,52 mol  ;  n O 2 = 0,63 mol ; n H 2 O  = 0,42 mol

Bảo toàn O :

2 n A + 2 n O 2 = 2 n C O 2 + n H 2 O

=> n_A = 0,1 mol

Vậy xét 5,14g A thì n_A = 0,05 mol = n_{muối RCOONa}

( Este là RCOOR’)

=> M_muối  = 84,8 => R = 17,8

Vì 2 axir đồng đẳng liên tiếp

=> CH₃COOH và C₂H₅COOH

=> M_A = 102,8g => R’ = 41 (C₃H₅)

=> X là CH₃COOC₃H₅ ; Y là C₂H₅COOC₃H₅ với số mol lần lượt là x và y

=> n_A = x + y = 0,05 mol và m_A = 100x + 114y = 5,14g

=> x = 0,04 ; y = 0,01 mol

=> %m_X(A) = 77,82%

(a) Gọi CTPT của các chất là C_xH_yO_z

M<170 => m_C<170.55,8% => 12x<94,86 => x<7,9

Vậy CTPT có dạng: C₄H_yO_z (y≤10)(Do M là các số nguyên và là số chẵn)

Ta có: 12.4 + y + 16z = 86 => y + 16z = 38

+ z = 1: y = 22 (loại)

+ z = 2: y = 6 (nhận)

Vậy CTPT của các chất là: C₄H₆O₂

b) A, B đều có nhóm CH₃ và phản ứng với NaHCO₃ tạo khí và chỉ có B có đồng phân hình học nên cấu tạo của A và B là:

A: CH₂=C(CH₃)-COOH

B: CH₃-CH=CH-COOH

F, H, K có phản ứng với NaHCO₃ tạo khí nên F, H, K là các axit.

- G là hợp chất không bền và chuyển hóa ngay thành G’ (G và G’ có cùng công thức phân tử) và khi oxy hóa bằng H₂CrO₄, hợp chất G’ chuyển hóa thành F nên G’ và F có cùng số nguyên tử C

C: CH₃COOCH=CH₂

F: CH₃COOH

G: CH₂=CH-OH

G’: CH₃CHO

- H có phản ứng với NaHCO₃ tạo khí nên H là axit. Mặt khác, phản ứng của H với bạc nitrat trong amoniac chỉ tạo thành các chất vô cơ nên H là HCOOH

D: HCOOCH₂-CH=CH₂

H: HCOOH

I: CH₂=CH-CH₂-OH

- L bị oxi hóa tạo HCOOH nên L là CH₃OH

E: CH₂=CH-COOCH₃

K: CH₂=CH-COOH

L: CH₃OH

(1) CH₂=C(CH₃)-COOH (A) + NaHCO₃ → CH₂=C(CH₃)-COONa + H₂O + CO₂

(2) CH₃-CH=CH-COOH (B) + NaHCO₃ → CH₃-CH=CH-COONa + H₂O + CO₂

(3) CH₃COOCH=CH₂ (C) + NaOH → CH₃COONa + CH₃CHO (G’)

(4) CH₃COONa + HCl → CH₃COOH (F) + NaCl

(5) HCOOCH₂-CH=CH₂ (D) + NaOH → HCOONa + CH₂=CH-CH₂-OH (I)

(6) HCOONa + HCl → HCOOH (H) + NaCl

(7) CH₂=CH-COOCH₃ (E) + NaOH → CH₂=CH-COONa + CH₃OH (L)

(8) CH₂=CH-COONa + HCl → CH₂=CH-COOH (K) + NaCl

(9) CH₃CHO + H₂CrO₄ → CH₃COOH + H₂CrO₃

(10) CH₃OH + 2H₂CrO₄ → HCOOH + 2H₂CrO₃ + H₂O

(11) HCOOH + 2AgNO₃ + 4NH₃ + H₂O → (NH₄)₂CO₃ + 2Ag + 2NH₄NO₃

(c) Phản ứng polime hóa của A và C:

 (d)

Chọn đáp án D

Đốt rắn khan cho 0,09 mol Na₂CO₃; 0,33 mol CO₂; 0,15 mol H₂O.

Bảo toàn nguyên tố natri: n_NaOH = 0,09 × 2 = 0,18 mol.

Bảo toàn khối lượng: m H 2 O = 8 , 28 + 018 x 40 - 13 , 32 = 2 , 16  gam ⇒ n H 2 O   = 0 , 12  mol.

Bảo toàn nguyên tố cacbon: n_{C trong A} = 0,09 + 0,33 = 0,42 mol.

Bảo toàn nguyên tố hidro: n_{H trong A} = 0,15 × 2 + 0,12 × 2 – 0,18 = 0,36 mol.

m A = m C + m H   + m O ⇒ m O = 2 , 88  gam ⇒ n_{O trong A} = 0,18 mol.

⇒ số C : H : O = 0,42 : 0,36 : 0,18 = 7 : 6 : 3 ⇒ CTPT ≡ CTĐGN của A là C₇H₆O₃.

n A = 0 , 06  mol ⇒ A phản ứng với NaOH theo tỉ lệ 1 : 3

⇒ A là HCOOC₆H₄OH ⇒ rắn khan gồm HCOONa và C₆H₄(ONa)₂.

⇒  X là HCOOH và Y là C₆H₄(OH)₂ ⇒ M_Y = 110

Đáp án: C

n_Na2CO3 = 0,03 mol ; n_CO2= 0,11 mol ; n_H2O = 0,05 mol

A + NaOH →  H₂O  (1)

                      0,04 mol

A + NaOH  →  hai muối natri + O₂  →  Na₂CO₃ + CO₂ + H₂O  (2)

                          4,44 g

Bảo toàn nguyên tố  => n_NaOH = 0,06 mol

BTKL: m_A + m_NaOH = m_H2O + m _muối 

=> m_H2O = 0,72 g  <=> n_H2O = 0,04

BTKL với phản ứng đốt muối natri:

            m_muối + m_O2 = m_Na2CO3 + m_CO2 + m_H2O

Chọn đáp án C.

Cho F phản ứng với AgNO₃/NH₃ dư, thu được 0,08 mol Ag chứng tỏ F chứa HCOONa và CH₃COONa.

T cũng tham gia phản ứng tráng bạc  →  T là anđehit no, đơn chức, mạch hở.

Để từ este thủy phân cho anđehit no, đơn chức, mạch hở thấp nhất là tạo CH₃CHO

→ n a n đ e h i t = 1 / 2 n A g = 0 , 03   m o l  

X, Y, Z là đồng phân mà n_X < n_Y < n_Z nên

Đ á p   á n   D   X : A   l à   C n H 2 n + 1 C O O H E   l à   C n ± 1 H 2 n + 1 ± 2 C O O C m H 2 m + 1 T N 1 :   m   g a m   X   → N a H C O 3                           1 , 92   g   C n H 2 n + 1 C O O N a T N 2 :   a   g a m   X   → N a O H , t o C m H 2 m + 1 O H ⏟ a n c o l   C 0 , 3   m o l ,   M < 50 C n H 2 n + 1 C O O N a ⏟ 4 , 38   g ,   x   m o l   → O 2 , t o C O 2 ⏟ 0 , 095   m o l C n H 2 n + 1 C O O N a → O 2 , t o 2 n + 1 C O 2 + 2 n + 1 H 2 O + N a 2 C O 3 m M u ố i = 14 n + 68 x = 4 , 38 n C O 2 = n + 0 , 5 x = 0 , 095 ⇒ n . x = 0 , 07 x = 0 , 05 n = 1 , 4 D : C H 3 C O O N a :   0 , 03   m o l C 2 H 5 C O O N a :   0 , 02   m o l * n C = 0 , 03 ,   M C < 50 C   l à   C 2 H 5 O H * * * * * X :   C H 3 C O O C 2 H 5 : 0 , 03 m o l Y :   C 2 H 5 O H :   0 , 02   m o l → N a O H C H 3 C O O N a : 2 , 46 g C H 3 C O O N a : 1 , 92 g m a - m C H 3 C O O N a T N 1 m C H 3 C O O N a T N 2 = 1 ⇒ m = 4 , 12   g